民國111年 地方四等 電子工程 計算機概要收錄考選部官方試題與測驗式試題標準答案，共 39 題可線上瀏覽。
答案以考選部公告之測驗式試題標準答案 PDF 為準。
各項訂定CPU 指令集架構的策略，下列何者屬於CISC（Complex Instruction Set Computer）處理器的設計方針？ A. 透過指令編碼並允許不同指令，可擁有不同的指令長度，以減少程式碼占用的記憶體空間 B. 維持所有指令皆有相同長度的編碼，以便於設計pipeline 架構的處理器 C. 僅有指定的load/store 指令可讀寫記憶體內容，其他指令皆僅能使用暫存器作為運算元，以便編譯器進行最佳化 D. 配置較多的一般用途暫存器，並透過編譯器進行暫存器配置，以提升運算效能
解析：CISC特徵：指令集複雜、指令長度不固定（變長指令）、支援記憶體到記憶體操作、指令編碼緊湊以節省記憶體空間。A符合此設計哲學。B、C、D（固定長度、Load/Store架構、大量暫存器）均為RISC特徵。
有一個4-bit 加法器，包含二個4-bit 的輸入訊號A 與B，一個1 bit 的進位輸入訊號（carry-in）Cin，要利用此加法器進行減法運算5-3，其輸入的訊號為何？ A. A = (0101)2 B = (1011)2 Cin = 0 B. A = (0101)2 B = (1100)2 Cin = 0 C. A = (0101)2 B = (1100)2 Cin = 1 D. A = (1101)2 B = (0011)2 Cin = 1
解析：以加法器做減法採二補數法：A−B = A + (~B) + 1，進位輸入 Cin 即為補碼的 +1。5=(0101)₂，3=(0011)₂，對 B 取位元反相得 ~3=(1100)₂；再加 Cin=1 完成二補數。故輸入 A=(0101)₂、B=(1100)₂、Cin=1，運算為 0101+1100+1=10010₂，低 4 位 0010₂=2，即 5−3 正確，選 C。A、B 的 Cin=0 未補 1；D 的 A 值錯誤。
在資料庫中同時執行多筆交易（Transactions），系統保證每一筆交易皆不知其他同步執行之交易，此特性為何？ A. 不可分割性（Atomicity） B. 一致性（Consistency） C. 隔離性（Isolation） D. 持久性（Durability）
解析：隔離性（Isolation）指多筆交易並行執行時，各交易看不到其他交易尚未提交的中間狀態，效果如同彼此依序執行，避免讀到不一致的資料。本題描述「每一筆交易皆不知其他同步執行之交易」，正是隔離性，選 C。其餘三者為：不可分割性（Atomicity）指交易內的操作全有全無；一致性（Consistency）指交易前後資料庫須滿足完整性限制；持久性（Durability）指交易提交後結果永久保存。四者合稱交易的 ACID 特性。
下圖是一個除頻電路，輸入一頻率較高的時脈（Clock）訊號ICLK，以轉換成頻率較低的時脈訊號OCLK 做為輸出。當輸入時脈ICLK 的頻率為100 MHz 時，輸出OCLK 的頻率為何？ A. 1 MHz B. 5 MHz C. 10 MHz D. 20 MHz
假設X 為二進制數字1011，Y 為二進制數字0110，則X 和Y 做bitwise-XOR 的結果為： A. 0010 B. 1011 C. 1101 D. 1111
解析：bitwise-XOR 是逐位元比較，兩運算位元相同得 0、相異得 1。將 X=1011 與 Y=0110 由左至右對齊運算：1⊕0=1、0⊕1=1、1⊕1=0、1⊕0=1，結果為 1101。A 的 0010 相當於 AND 的結果（僅第 3 位同為 1）；B 的 1011 就是 X 本身；D 的 1111 則是 OR 的結果。XOR 常用於同位元檢查與加解密，其特性是與同一位元序列運算兩次會還原原值，故本題答案為 C。
8-bit 的二補數（2's complement）1010_1100 等同那一個十進制數字？ A. -84 B. -47 C. 176 D. 250
解析：8 位元二補數的最高位為符號位，1010_1100 的符號位是 1，代表負數。求其數值時，可對所有位元取補數再加 1：取補數得 0101_0011，加 1 得 0101_0100，即十進位 64+16+4=84，故原數為 -84。B 的 -47 不符；C 的 176 與 D 的 250 都是把 1010_1100 當成無號整數計算的結果（128+32+8+4=172，並非 176 或 250），忽略符號位所致。二補數的表示範圍為 -128 至 127，故選 A。
假設X 和Y 為布林變數，符號「*」、「+」、「~」、「⊕」分別代表AND、OR、NOT、XOR（exclusive-OR）四種運算子。下列何者與函數X⊕Y 等價？ A. X*Y+(~X)*(~Y) B. X*(~Y)+(~X)*Y C. (X+Y)*((~X)+(~Y)) D. (X+(~Y))*((~X)+Y)
解析：XOR 的定義是「兩輸入相異時輸出為 1」，其積之和式（sum of products）即為 X·(~Y) + (~X)·Y，也就是選項 B。A 的 X*Y+(~X)*(~Y) 是 XNOR（同或），兩輸入相同時才為 1，恰為 XOR 的反相。C 化簡後為 (X+Y)·(~X+~Y)=X·~Y+~X·Y 其實與 B 等值？須注意其展開為 X~X+X~Y+Y~X+Y~Y = X~Y+~XY，與 B 同值，但依標準定義與題意，最直接表述互斥或的仍是 B；D 的 (X+~Y)(~X+Y) 化簡為 X·Y+~X·~Y，即 XNOR。故選 B。
下列各選項中均包含一個十進制數字以及一個1 的補數（1's complement）二進制數字，何者錯誤？ A. 0 之表示法為(0000)2 B. 0 之表示法為(1111)2 C. -8 之表示法為(1000)2 D. 7 之表示法為(0111)2
解析：1 的補數以最高位為符號位，負數是將對應正數逐位取補數，因此會出現 +0（0000）與 -0（1111）兩種零，A、B 皆正確；7 表示為 0111，D 正確。4 位元 1 的補數可表示範圍僅 -7 至 +7，1000 依規則解讀為 -(0111)= -7，並非 -8；-8 必須使用二補數（1000）才能表示。因此 C 以 1 的補數描述 -8 是錯誤的，本題要選錯誤者，答案為 C。
作業系統的工作項目之一是對程序（process）使用I/O 裝置做排程（scheduling），藉由下列那一種資料結構的幫助，作業系統可讓等待時間越久的程序越先使用I/O 裝置？ A. I/O 堆疊（stack） B. I/O 佇列（queue） C. I/O 雜湊表（hash table） D. I/O 二元樹（binary tree）
解析：佇列（queue）是先進先出（FIFO）的資料結構，程序依抵達順序排入等待序列，作業系統每次從前端取出最早進入者分配 I/O 裝置，因此等待越久的程序越先獲得服務，符合公平性並避免飢餓。A 的堆疊是後進先出（LIFO），會讓最新抵達者優先，早到的程序反而久候；C 的雜湊表用於快速查找，不具順序性；D 的二元樹常用於優先權佇列等結構，須依鍵值排序，並非單純依等待時間排序。故選 B。
將原來只有L1 快取記憶體的系統，再加上L2 快取記憶體的主要目的，不包含下列何者？ A. 降低失誤代價（Miss penalty） B. 降低L1 失誤率（Miss rate） C. 降低程式執行時間 D. 降低平均每個指令執行所須週期數
解析：增加L2快取主要目的：降低L1缺失的處罰代價（Miss penalty，A），進而降低平均記憶體存取時間（AMAT）、縮短程式執行時間（C）、降低平均CPI（D）。L2快取不會改變L1本身的缺失率（Miss rate），L1 miss rate取決於L1容量、對映方式與替換策略。
有關Unix 的ls 命令，下列何者可以將隱藏檔顯示出來？ A. ls –a B. ls –l C. ls –h D. ls
解析：Unix/Linux中ls參數：-a 顯示所有檔案（含以.開頭的隱藏檔）；-l 長格式顯示；-h 人類可讀單位顯示檔案大小；無參數僅列出非隱藏檔名。故顯示隱藏檔為ls -a。
在IP、TCP、UDP 三種協定中，共有多少種屬於傳輸層之常用協定？ A. 0 B. 1 C. 2 D. 3
解析：OSI七層模型中，IP屬網路層（第3層）；TCP與UDP屬傳輸層（第4層）。題目詢問IP、TCP、UDP三者中屬傳輸層協定數量，僅TCP與UDP兩者符合，故答案為2。
下列何種程式語言是宣告式語言（declarative language），並最常運用在關聯式資料庫（relationaldatabase）？ A. Fortran B. SQL C. Python D. Java
解析：SQL 為宣告式語言（declarative language），使用者只需描述『想要什麼資料』，不需指示『如何取得』，最常用於關聯式資料庫（relational database）的查詢與操作。A 的 Fortran 為科學運算的指令式語言；C 的 Python 為通用指令式（含物件導向）語言；D 的 Java 同為指令式／物件導向語言，皆非以宣告方式描述資料庫查詢，故選 B。
用C 語言宣告一個名稱為FOX 的二維陣列（Two-dimensional array），下列何者為正確的寫法？ A. array FOX[20][20]; B. int FOX[20][20]; C. int FOX[20, 20]; D. char FOX[20];
解析：C 語言中二維陣列（two-dimensional array）的正確宣告語法為『資料型態 陣列名[列數][欄數];』，故 int FOX[20][20]; 表示 20×20 的整數二維陣列，選 B。A 的 array 並非 C 關鍵字；C 使用逗號的 [20, 20] 在 C 中語法錯誤（逗號運算子意義不同）；D 的 char FOX[20] 只是一維字元陣列，不符合題目要求的二維陣列，故其餘選項均不正確。
有甲、乙、丙三顆實心球，由左向右依序滾動跌入垂直管，如圖所示，有一機械手臂可從垂直管頂部一次取出一球，球取出的順序，下列何者是不可能的？ A. 丙、乙、甲 B. 甲、丙、乙 C. 丙、甲、乙 D. 乙、丙、甲
若要將運算式樹（Expression tree）轉換為後置式（Postfix）、前置式（Prefix）和中置式（Infix）等數學式表示法，下列敘述何者錯誤？ A. 若要產生後置式表示法，應該以後序拜訪（Postorder traversal）走訪該樹 B. 若要產生前置式表示法，應該以前序拜訪（Preorder traversal）走訪該樹 C. 若要產生中置式表示法，應該以中序拜訪（Inorder traversal）走訪該樹 D. 上述三種表示法皆需要括號以確保數學式解讀的單一性
解析：前序拜訪（preorder）產生前置式（prefix）、後序拜訪（postorder）產生後置式（postfix）、中序拜訪（inorder）產生中置式（infix），故 A、B、C 敘述皆正確。D 錯誤：前置式與後置式因運算子優先順序已隱含於樹的結構中，具有單一解讀性，並不需要括號；只有中置式才需括號來避免運算順序歧義。因此題目要求選出『錯誤』敘述，答案為 D。
如圖所示之網路，其Minimal Cost Spanning Tree 的總成本，為下列何者？ A. 47 B. 58 C. 52 D. 57
樹（Tree）的定義為一個不包含簡單迴路（Simple circuit）的無向連結圖（undirected connected graph），而葉子（Leaves）的定義為次數（Degrees）為1 的節點（Nodes）。一棵樹若有2 個以上的節點，最少會有幾個節點是葉子？ A. 0 B. 1 C. 2 D. 3
解析：依題幹定義，葉子為次數（degree）為 1 的節點。對任意含 n≥2 節點的樹，邊數為 n−1，各節點次數總和為 2(n−1)=2n−2。設有 L 個葉（degree 1）、其餘 n−L 個節點 degree≥2，則總次數 ≥ L+2(n−L)=2n−L。令 2n−L≤2n−2 得 L≥2，故最少有 2 個葉子，選 C。A、B 均不符，D 非最小值。
若以霍夫曼編碼（Huffman coding）將A、B、C 和D 等四個字元進行編碼，下列何者是可能的編碼結果？ A. A：001，B：01，C：1，D：00 B. A：00，B：11，C：1，D：0 C. A：000，B：1，C：00，D：01 D. A：000，B：01，C：001，D：1
解析：霍夫曼編碼屬於前綴碼（prefix code），任一碼不可為另一碼的前綴。檢視各選項：A 中 '00' 為 '001' 的前綴；B 中 '1' 為 '11' 的前綴；C 中 '00' 為 '000' 的前綴，皆違反前綴性。D 為 000、01、001、1，彼此互非前綴（'1' 不接在其他碼前，000 與 001 僅前兩碼相同、第三位不同），故可行，選 D。
用快速排序（Quick sort）來排序，並以第一個元素為基準（Pivot），下列那個數列所需排序時間最長？ A. 5 4 3 2 1 6 B. 5 6 1 2 3 4 C. 6 5 4 3 2 1 D. 6 1 2 3 4 5
解析：快速排序以首元素為基準（pivot）時，若數列已遞減排序，每次分割均將最大者與其餘 n−1 個放同一側，造成最不平衡的 n−1 與 0 分割，遞迴深度達 n−1 層，比較次數約 n(n−1)/2 為最壞情況。C『6 5 4 3 2 1』完全遞減，每輪 pivot 皆為當前最大，分割最失衡，耗時最長（約 15 次比較），故選 C。A 因末項 6 大於 pivot 會先獨立成側，較 C 略佳。
搜尋一棵二元搜尋樹（Binary search tree）在最佳情況（In best case）要做多少次鍵值（Key）比較？ A. 1 B. n + 1 C. n–1 D. (n + 1) ∕ 2
解析：在二元搜尋樹（binary search tree）中搜尋鍵值，最佳情況（best case）即目標恰為根節點，只需與根比較 1 次即命中，故比較次數為 1，選 A。B 的 n+1、C 的 n−1 屬失敗搜尋的拜訪次數概念；D 的 (n+1)/2 約略為平均情況的節點拜訪數，皆非最佳情況，故其餘選項不正確。
下列輸出何者正確？int p = 1, *q = &p;p = ++*q;*q = ++p;Printf("%d %d", p, *q++); A. 21 B. 22 C. 23 D. 33
解析：p 初值為 1，q 指向 p，因此 *q 與 p 是同一塊記憶體。執行 p = ++*q 時，前置遞增先將 *q（即 p）加 1 成為 2，再指定回 p，故 p 為 2。接著 *q = ++p 會先將 p 遞增為 3，再把 3 寫回 *q（仍是 p），所以 p 為 3。printf 先輸出 p 的值 3；再計算 *q++，此處先取值 *q（等於 3）輸出，之後 q 才後置遞增，指標移動不影響已印出的內容。因此輸出為「3 3」，即選項 D，而非 33 這個數字。
假設已經宣告變數"x"和變數"next"為整數型態，然後執行下列的C 程式。若輸入的內容為"2 1 0"，則程式的執行結果為何？for(int x = 3; x !=0; x = next){scanf("%d", &next);printf("%d:", x);} A. 2: B. 3: C. 3:2:1: D. 3:2:1:0:
解析：for 迴圈每輪先執行 scanf 讀入 next，再 printf 印出本輪的 x，最後才以 x = next 更新。x 初值 3，第一輪讀入 2，印出「3:」，之後 x 變成 2；第二輪讀入 1，印出「2:」，x 變成 1；第三輪讀入 0，印出「1:」，x 變成 0，此時條件 x != 0 不成立而結束。故完整輸出為 3:2:1:，選 C。關鍵在於印出的是「本輪開始時的 x」，本輪讀到的 next 要到下一輪才生效，因此不會印出 0。
執行以下C 程式，則螢幕輸出為何？#include <stdio.h>int main(){char degree='u';int salary=40000;switch (degree){case 'g': if (salary > 100000)printf("Excellent");elseprintf("Good");break;default: if (salary > 50000)printf("Satisfactory");elseprintf("Normal");}} A. Excellent B. Good C. Satisfactory D. Normal
解析：switch 以 degree 的值進行比對，degree 為字元 'u'，與 case 'g' 不符，且沒有其他 case，因此進入 default 分支。default 中判斷 salary > 50000，salary 為 40000，條件不成立，於是執行 else 的 printf("Normal")。故螢幕輸出為 Normal，選 D。本題考的是 switch 的比對方式與 default 的角色：default 不必然是最後才執行，而是在沒有符合的 case 時進入，並依其中的 if-else 決定輸出。
執行下列Java 程式後，產生的輸出為何？public class BoolTest{public static void main(String [] args){int result = 0;Boolean b1 = new Boolean("True");Boolean b2 = new Boolean("TRUE");Boolean b3 = new Boolean("False");if(b1 == b2)result = 1;if(b1.equals(b2))result += 1;if(b2 != b3)result += 1;if(!b2.equals(b3))result += 1;System.out.println(result);}} A. 0 B. 1 C. 2 D. 3
解析：new Boolean("True") 與 new Boolean("TRUE") 會以忽略大小寫方式比對字串 "true"，兩者皆為 true；new Boolean("False") 則為 false。b1 == b2 比較的是物件參考，兩者是不同物件，結果為 false，result 不變。b1.equals(b2) 比較包裝的布林值，為 true，result 變 1。b2 != b3 為 true，result 變 2。!b2.equals(b3) 中 b2.equals(b3) 為 false，取反向後為 true，result 變 3。輸出 3，選 D。
下列C 語言程式的輸出，結果為何？#include <stdio.h>int main(void){char member[ ][5] = {"Bill", "John", "Matt", "Alex", "Joe", "Jack"};printf("%c", member[3][2]);return 0;} A. a B. A C. e D. J
解析：member 宣告為二維字元陣列，每個元素長度 5，初始化後共有 6 列字串。C 語言陣列索引由 0 起算，故 member[3] 是第四列 "Alex"；再取 member[3][2]，即該字串索引 2 的字元，也就是第三個字元 'e'。因此 printf("%c", member[3][2]) 輸出 e，選 C。選項 B 的 'A' 是 member[3][0]，選項 A 的 'a' 為小寫，字串中並無此字元；選項 D 的 'J' 出現在 member[5] 的 "Jack"。
C 指令定義一個名稱為EGA_colors 的列舉型態，下列何者正確？enum EGA_colors {BLACK,LT_GRAY = 7,DK_GRAY,WHITE = 15}; A. printf("%d", BLACK);會輸出1 B. printf("%d", BLACK);會輸出6 C. printf("%d", DK_GRAY);會輸出8 D. printf("%d", DK_GRAY);會輸出14
解析：列舉常數若未指定數值，會接續前一個常數加 1。BLACK 未指定，由 0 起算，故 BLACK = 0；LT_GRAY 明確指定為 7；DK_GRAY 緊接其後，值為 8；WHITE 指定為 15。因此 printf("%d", DK_GRAY) 輸出 8，選 C。選項 A、B 誤認 BLACK 為 1 或 6，實際上第一個列舉值預設為 0；選項 D 誤以為 DK_GRAY 會延續 WHITE 之前的編號或為 14，但 WHITE 的 15 是指定值，不影響前面 DK_GRAY 的計算。
下列那個C 函式執行f(5)的呼叫結果，與其他3 者不同？ A. int f(int n){ if (n==0)return 0;elsereturn n+f(n-1); } B. int f(int n){ if (n==1)return 1;elsereturn n+f(n-1); } C. int f(int n){ if (n>=1)return n+f(n-1);elsereturn 0; } D. int f(int n){ int a=0;while (n>1)a+=n--;return a; }
解析：A 在 n 為 0 時回傳 0，f(5) = 5+4+3+2+1+0 = 15。B 在 n 為 1 時回傳 1，f(5) = 5+4+3+2+1 = 15。C 以 n >= 1 為遞迴條件，n 為 0 時回傳 0，同樣得到 5+4+3+2+1+0 = 15。D 的 while 條件為 n > 1，n = 5 時依序累加 5、4、3、2，n 降為 1 時迴圈即停止，a = 14，並未加到 1。故 D 的結果與其他三者不同，選 D。
考慮下列的C 語言程式：#include <stdio.h>int main(void){int a;printf("%d", a=strcmp("XYZ", "abc"));return 0; }下列何者是這個程式的輸出結果？ A. 編譯錯誤 B. -1 C. 0 D. 1
解析：strcmp 會逐字元比較兩字串，並以字元的編碼值大小判斷先後。'X' 的 ASCII 值為 88，'a' 為 97，因此 "XYZ" 小於 "abc"，函式會回傳負值，故輸出為 -1。C 標準只規定回傳值為負、零或正，並不規定一定是 -1；有些實作會直接回傳兩個字元編碼值的差（例如 -9），但本題以「負值代表小於」的慣例作答，選 B。程式碼中 `a=strcmp(...)` 是合法的指定運算式，其值即為函式回傳值，可直接交給 printf 的 %d 輸出，因此不會編譯錯誤；選項 A 不成立。回傳 0 代表兩字串完全相同，回傳 1 代表前者較大，均與本題情況不符，故 C、D 不對。
執行下列C++程式碼後，螢幕印出的數字為何？int f(int* m, int n){int tmp;tmp=*m; *m=n; n=tmp;}int main( ){int a=1, b=2, c=3, d=4, e=5, g=6;f(&a,b); f(&c,d); f(&e,g);f(&a,c); f(&a,d);cout<<a<<endl;return 0;} A. 3 B. 4 C. 5 D. 6
解析：關鍵在於 f 的第一個參數是傳址（int*），第二個參數 n 是傳值。函式內 `*m=n` 會改到呼叫者變數，但 `n=tmp` 只改到函式內部的副本，不影響呼叫端，所以每次呼叫只會把第一個引數改成第二個引數的值。依序計算：f(&a,b) 使 a=2；f(&c,d) 使 c=4；f(&e,g) 使 e=6；f(&a,c) 使 a=4；f(&a,d) 使 a=4（d 仍為 4）。最後 a 的值為 4，輸出 4，故選 B。若誤以為 n 也會回寫，可能算出其他數值，但傳值參數不會改變呼叫端變數，因此 A、C、D 皆非正確結果。
下列何者不是C++定義繼承關係的關鍵字？ A. private B. protected C. virtual D. public
解析：C++ 在定義衍生類別時，用來描述繼承關係（即基底類別成員在衍生類別中的存取權限）的關鍵字只有 public、protected、private 三種，寫法如 `class D : public B`。因此 private（A）、protected（B）、public（D）都是定義繼承關係的關鍵字。virtual（C）雖然可以出現在繼承語法中，用來宣告「虛擬繼承」以解決多重繼承的菱形問題，但它描述的是繼承的實作方式，並非設定繼承存取權限的關鍵字，故本題應選 C。
有關IPv4 的位址，下列敘述何者錯誤？ A. 含有32 個位元 B. 可區分為兩部分，第一部分為前置（Prefix）用來定義網路，第二部分為後置（Suffix）定義節點（Node） C. 由於IPv4 有位址耗盡問題，因此才有後來的IPv6 協定的發展 D. 其位址定義在網路架構之傳輸層（Transport Layer）
解析：IPv4 位址長度為 32 位元（A 正確），通常以「前置碼（Prefix）」標示網路部分、以「後置碼（Suffix）」標示主機（Node）部分（B 正確）。由於 IPv4 位址空間有限，早已面臨耗盡問題，因此才有 128 位元的 IPv6 問世（C 正確）。錯誤的是 D：IP 位址屬於 TCP/IP 模型中的網路層（Network Layer，網際網路層），負責定址與路由，而非傳輸層；傳輸層對應的是 TCP、UDP 等協定，處理的是埠號與端對端傳輸。因此本題應選 D。
有關網路協定的敘述，下列何者錯誤？ A. SMTP 為應用層（Application Layer）的協定 B. UDP 為傳輸層（Transport Layer）的協定 C. SNMP 為網路層（Network Layer）的協定 D. PPP 為資料鏈結層（Data Link Layer）的協定
解析：SNMP（簡易網路管理協定）用於監控與管理網路設備，屬於應用層協定，通常透過 UDP 的 161、162 埠運作，因此 C 的敘述錯誤，為本題答案。SMTP 是寄送郵件的應用層協定（A 正確）；UDP 提供非連線式的端對端傳輸，屬傳輸層（B 正確）；PPP 用於點對點鏈路上封裝與傳送訊框，屬資料鏈結層（D 正確）。判斷協定層級時，可依其功能定位：應用層直接服務使用者程式，傳輸層負責端對端傳輸，網路層負責定址路由，資料鏈結層負責相鄰節點的訊框傳遞。
關於使用者資料協定（UDP）的敘述，下列何者正確？ A. 保證資料傳送正確性 B. 保證連線雙方資料完整送達與接收 C. 採用三向交握確認機制（Three way handshake） D. 不保證連線雙方資料送達與接收
解析：UDP 是「非連線式」的傳輸層協定，送出資料前不建立連線、不進行確認與重傳，因此不保證資料一定送達、不保證送達順序，也不保證不重複，故 D 正確。A 與 B 描述的「保證正確性、保證完整送達」是 TCP 藉由序號、確認回應（ACK）與重傳機制所提供的可靠傳輸特性，UDP 並不具備。C 的三向交握（Three-way handshake）是 TCP 建立連線的流程（SYN、SYN-ACK、ACK），UDP 沒有此機制。UDP 的優點是標頭小、延遲低、效率高，適合即時語音、影音串流與 DNS 查詢等容許少量遺失的應用。
有關電子郵件（E-mail），下列敘述何者正確？ A. 使用瀏覽器開啟Gmail 接收信件，採用的是POP3 協定 B. E-mail 寄信不具備附帶檔案（Attachment）的功能 C. E-mail 的帳號格式必須以https:// 開頭 D. SMTP（Simple Mail Transfer Protocol）為寄送電子郵件使用之協定
解析：SMTP（Simple Mail Transfer Protocol）是負責「寄送」電子郵件的協定，使用者把信件送到郵件伺服器、伺服器之間轉送也都靠它，故 D 正確。A 錯誤：以瀏覽器開啟 Gmail 是透過 HTTPS 存取網頁郵件介面，POP3 是郵件客戶端「收信」用的協定，並非瀏覽器連線協定。B 錯誤：電子郵件可透過 MIME 機制夾帶附件。C 錯誤：電子郵件帳號格式為「使用者名稱@網域」，例如 [email protected]，https:// 是網址的協定前綴，與帳號格式無關。收信常見協定為 POP3 與 IMAP，寄信則為 SMTP。
關於網頁的製作，下列敘述何者錯誤？ A. 網頁使用的語言，主要是超文件標記語言（Hyper Text Markup Language, HTML） B. 網頁製作的語言是一種標記語言，使用的標籤成對，開始的標籤會對應到一個結束的標籤 C. 腳本語言如JavaScript 可以用來製作網頁 D. HTTPS 也是一種製作網頁的工具
解析：HTTPS 是 HTTP 加上 TLS/SSL 加密的「傳輸協定」，用來安全地傳送網頁內容，並不是製作網頁的工具或語言，故 D 的敘述錯誤，為本題答案。A 正確：網頁主要以 HTML 撰寫，瀏覽器解析標記後呈現內容。B 正確：HTML 屬標記語言，多數標籤成對出現，如 <p> 與 </p>，由開始標籤對應結束標籤。C 正確：JavaScript 是腳本語言，可嵌入網頁中達成互動、動態更新畫面等效果。製作網頁的語言還包括 CSS 負責樣式編排，而 HTTPS 只是傳輸時的安全機制，兩者層次不同。
當網域名稱系統（Domain Name System, DNS）欲查詢某網域名稱的IP 位址時，送出的查詢訊息，將指定為下列何種查詢類型？ A. A B. NS C. PTR D. HINFO
解析：DNS 查詢時，用戶端（Resolver）要向權威伺服器取得「網域名稱對應的 IPv4 位址」，此查詢的資源紀錄類型即為 A（Address record），回應內容為 32 位元 IPv4 位址。B 的 NS 用來查詢該網域由哪些名稱伺服器負責；C 的 PTR 是反向查詢，由 IP 位址反查網域名稱；D 的 HINFO 提供主機的硬體與作業系統描述資訊，三者都不是「以網域名稱查 IP」的類型。若查的是 IPv6 位址則用 AAAA，本題問 IPv4 位址，故選 A。
攻擊者透過製造大量的網路流量，傳給某些固定的攻擊目標，這樣的攻擊方式稱為： A. 網路監聽（Sniffing） B. 阻斷服務攻擊（Denial of Service） C. 跨網站指令碼攻擊（Cross-Site Scripting, XSS） D. 特洛伊木馬病毒攻擊（Trojan Horse Virus）
解析：阻斷服務攻擊（Denial of Service, DoS）的核心特徵，是以大量封包或連線耗盡目標的頻寬、CPU 或連線數等資源，使其無法正常提供服務；若是分散由多台主機同時發動，即為 DDoS。A 的 Sniffing 是側錄網路封包以竊取帳密或內容，屬於機密性侵害；C 的 XSS 是把惡意腳本注入網頁，在使用者瀏覽器中執行，屬於應用層攻擊；D 的木馬是偽裝成正常程式誘使使用者執行的惡意軟體。三者都不以「灌爆流量使服務中斷」為主要手段，故選 B。
對使用者的個人資料，下列何者非歐盟一般資料保護規範（General Data Protection Regulation, GDPR）保障的範圍？ A. 使用者有修正權（Right to rectification） B. 使用者有取用權（Right to access） C. 使用者有刪除權（Right to erasure） D. 大眾有知的權利（The public's right to know）
解析：GDPR 於第三章「資料當事人的權利」明定多項權利，包括取用權（right of access，得確認並取得自身個資）、修正權（rectification，更正不正確或補足不完整資料）、刪除權（erasure／被遺忘權）等，故 A、B、C 均屬保障範圍。D 的「大眾知的權利」並非資料當事人對其個人資料的權利，而是與言論自由、新聞自由及資訊公開相關的概念；GDPR 反而是在個人資料保護與公共利益、新聞目的間取得平衡，並未賦予大眾取得他人個資的權利，故選 D。