民國111年 普通考試 電信工程 計算機概要收錄考選部官方試題與測驗式試題標準答案，共 40 題可線上瀏覽。
答案以考選部公告之測驗式試題標準答案 PDF 為準。
本卷為共同科目試卷，與普通考試 電子工程的試題相同，以下為同一份試卷的題目與考選部官方答案。
以二補數法表示的32 位元整數，有效範圍為下列何者？ A. -231~231-1 B. 0~232-1 C. -232~232-1 D. 0~231-1
解析：二補數（two's complement）以最高位元作為符號位，n位元可表示的範圍為 -2^(n-1) 到 2^(n-1)-1。以32位元代入，即 -2^31 到 2^31-1，約為 -2,147,483,648 到 2,147,483,647，故選A。B為32位元無號整數的範圍；C把負下限多取一位，範圍過大；D僅為31位元有號整數的正半部，均不正確。
為使用128 k×16 RAM 的晶片，去實現總共2 M 個位元組的記憶容量，且定址單位為位元組，下列何者正確？ A. 一共得使用8 個晶片 B. 要存取2 M 個位元組共需要使用20 條位址線 C. 每條晶片需要使用17 條位址線去定址 D. 晶片組選擇線一共要有2 條
解析：每片 128k×16 的容量為 2 的 17 次方個字組，每字組 16 位元，換算成位元組為 2 的 17 次方乘 2，等於 2 的 18 次方位元組，即 256 KB。總容量 2 MB 除以 256 KB 等於 8，故需 8 個晶片，A 正確。B 部分，2 M 個位元組等於 2 的 21 次方，需 21 條位址線，不是 20 條。C 部分，因定址單位為位元組，每片涵蓋 2 的 18 次方位元組，需 18 條位址線。D 部分，8 個晶片需 3 條晶片選擇線（2 的 3 次方等於 8），故選 A。
將10 進位數字572 轉換成16 進位數字，正確答案為： A. 1D8 B. 23C C. 3B4 D. 42D
解析：十進位轉十六進位採「除以 16 取餘數、由下往上讀」。572÷16=35 餘 12（十六進位記 C）；35÷16=2 餘 3；2÷16=0 餘 2。由最後商 0 往前讀餘數得 2、3、C，即 23C。驗算：2×16²+3×16+12=512+48+12=572，正確。A 之 1D8=1×256+13×16+8=472；C 之 3B4=3×256+11×16+4=948；D 之 42D=4×256+2×16+13=1069，均不符。選 B。
假設某一個有號數x，採用二補數表示的值為10110010。則-x 用二補數表示的值為下列何者？ A. 01001101 B. 01001110 C. 11001101 D. 11001110
解析：二補數取負值的作法為「位元全部取反後加 1」。x = 10110010，取反得 01001101，再加 1 得 01001110，故 -x = 01001110。可用驗算確認：10110010 + 01001110 = 1 00000000，進位超出 8 位元後為 0，符合 x + (-x) = 0。選項 A 只取反未加 1；選項 C、D 則是把取反後的結果又補上高位 1，並非正確的二補數負值。
下列何者應用電路的設計，一定得使用到循序電路？ A. BCD 至七段解碼器的設計 B. 全加器 C. 紅綠燈號控制器 D. 浮點數乘法器
解析：循序電路含有記憶元件（如正反器），輸出不僅取決於當前輸入，也與先前狀態有關。紅綠燈號控制器必須記住目前燈號與計時狀態，才能依序切換，因此一定需要循序電路。BCD 至七段解碼器、全加器、浮點數乘法器（由加法器與邏輯運算組成）在設計上均可用組合邏輯完成，輸出只由當前輸入決定，不必然使用循序電路。
一個NAND 閘，其有兩個輸入端，若用一個OR 閘來建立等效電路，需再加下列何者？ A. 一個反向器置輸入端 B. 兩個反向器分置輸入端 C. 一個反向器置輸出端 D. 兩個反向器串置輸出端
解析：依笛摩根定律，NAND 的輸出為 (A·B)' = A' + B'，也就是先將兩個輸入各自取反，再送進 OR 閘。因此以一個 OR 閘建立等效電路時，需在兩個輸入端各加一個反向器（共兩個），答案為 B。若只在單一輸入端加反向器，得到的是 A' + B；若在輸出端加反向器，則會還原成 AND，皆無法等效於 NAND。
下列何者不是組合電路（Combinational circuit）？ A. 半加器（Half adder） B. 多工器（Multiplexor） C. 解碼器（Decoder） D. 正反器（Flip flop）
解析：組合電路（combinational circuit）的輸出僅由目前輸入決定，不含記憶元件，半加器、多工器、解碼器均屬之。正反器（Flip flop）具記憶功能，屬循序電路（sequential circuit），其輸出除受輸入影響外亦與前一狀態有關，故非組合電路。
下列何指令，可以將目錄old 更名為new？ A. mkdir old new B. mv old new C. cp old new D. rmdir old new
解析：mv 為 move 指令，語法「mv 舊名 新名」可將檔案或目錄 old 移動並重新命名為 new。mkdir 用於建立目錄，cp 用於複製，rmdir 用於刪除空目錄，三者皆無更名功能，故選 B。
下列何者使用多個處理器，但彼此間並不共享記憶體和時脈的作業系統？ A. 批次作業系統 B. 多工式作業系統 C. 分散式作業系統 D. 手機作業系統
解析：分散式作業系統由多台獨立電腦（處理器）經網路連結組成，各自擁有私有記憶體與時脈，彼此不共享，對使用者呈現單一系統映像。批次與多工作業系統多為單機共享資源，手機作業系統亦屬共享架構，故選 C。
下列何者為視訊壓縮（video compression）的常用編碼？ A. BMP B. JPEG C. MP3 D. MPEG
解析：MPEG（Moving Picture Experts Group）是針對動態視訊與音訊所制定的壓縮編碼標準家族，如MPEG-1、MPEG-2、MPEG-4，為視訊壓縮最常用的編碼，故選D。BMP為未壓縮的點陣圖影像格式；JPEG雖為壓縮格式，但主要用於單張靜態影像；MP3（MPEG Audio Layer III）屬音訊壓縮，只處理聲音而不處理視訊畫面。
使用SQL 的SELECT 命令中有HAVING 子句，該命令中一定須用到下列何者？ A. ORDER BY 子句 B. WHERE 子句 C. CREATE SCHEMA D. GROUP BY 子句
解析：SQL的執行順序中，WHERE先篩選資料列，GROUP BY再將資料分組，HAVING則用於過濾「分組後」的結果，因此HAVING幾乎必須搭配GROUP BY使用，語意上針對的是聚合函數的結果（如COUNT、SUM），故選D。A的ORDER BY只影響輸出排序，非必要；B的WHERE與HAVING層次不同，可以省略；C的CREATE SCHEMA屬資料定義語言，與查詢無關。
在關聯式資料庫（relational database）中，下列何種操作，可以移除一元組（tuple）？ A. delete B. insert C. update D. select
解析：關聯式資料庫中，delete（DELETE）用於刪除資料表中的一筆或多筆元組（tuple），即移除整個資料列，故選A。insert（INSERT）是新增元組；update（UPDATE）是修改既有元組的屬性值，並不會移除元組；select（SELECT）僅進行查詢檢索，不會變更資料內容。三者皆不具備刪除元組的效果。
當二維陣列M 是以行主序（Column-major）的方式排列資料，若存放M[6,4]的記憶體位置始於600，而存放M[15,10]的記憶體位置始於1500，則存放M[12,8]時應該始於那個記憶體位置？ A. 300 B. 900 C. 1200 D. 1800
解析：行主序（column-major）下，M[i,j]位址＝起點＋[(i-1)＋(j-1)×列數r]×元素大小s。由M[6,4]＝600、M[15,10]＝1500，位移差為(9＋6r)×s＝900，取r＝11、s＝12可成立（r＝36、s＝4亦同）。M[12,8]相對M[6,4]的Δi＝6、Δj＝4，位移為(6＋4×11)×12＝600，故位址為600＋600＝1200，選C。
承上題，若改以列主序（Row-major）的方式排列二維陣列M 中的資料，則M[12,8]應存在記憶體中何處？ A. 300 B. 900 C. 1200 D. 1800
解析：列主序（Row-major）存放時，元素 M[i,j] 的位址 = 基底位址 +（列索引 × 陣列總行數 + 行索引）× 元素大小；若採 1-based 索引則為 (i-1)×總行數 + (j-1)。承上題陣列之維度與基底，代入 M[12,8]：列索引 12、行索引 8，偏移量 = 12×總行數 + 8，乘上元素大小並加基底後得 1200，故選 C。若誤用行主序公式（偏移 = 8×總列數 + 12）或將列、行索引對調，便會得到其他數值。關鍵在列主序是「先填滿一列再進下一列」，故列索引須乘以每行元素個數。
若a=6, b=2, c=3, d=2, e=3，後置式（Postfix）數學式ab/cde*^+的運算結果應為何？ A. 27 B. 30 C. 219 D. 732
解析：後置式（Postfix）以堆疊由左至右求值：遇運算元入堆；遇運算子則取出堆頂兩個運算元計算後回存。逐步計算 ab/cde*^+（a=6,b=2,c=3,d=2,e=3）：(1) 6、2 入堆，遇 / 得 6÷2=3；(2) 3、2、3 入堆，遇 * 得 2×3=6；(3) 遇 ^（次方）取 3 與 6 得 3^6=729；(4) 遇 + 取 3 與 729 得 3+729=732。故答案為 D。若錯把 ^ 當乘法或運算次序弄反，會得到 A=27、B=30 或 C=219 等錯誤結果；務必嚴守堆疊「後進先出」的順序。
已知5 7 6 3 + – *是某一個算術運算式（Arithmetic expression）的後序表示式（Postfix expression），則該運算式計算後的值（Value）為多少？ A. 36 B. –18 C. –6 D. –10
解析：後序表示式 5 7 6 3 + – * 同樣用堆疊求值：5、7、6、3 依次入堆；遇 + 取 6、3 得 6+3=9 回存；遇 – 取 7、9 得 7−9=−2 回存；遇 * 取 5、−2 得 5×(−2)=−10。故值為 −10，選 D。此式對應的中序為 5×(7−(6+3)) = 5×(7−9) = −10。選項 A=36 是把減號當成 5×7−(6+3) 之誤；B=−18、C=−6 均因符號或結合次序算錯。重點：後序式的運算子順序已完全決定，不需括號，只要依堆疊規則即可得唯一結果。
使用相鄰矩陣（Adjacency matrix）記錄一個有V 個點E 個邊的無向圖之空間複雜度為何？ A. O(VE) B. O(V2) C. O(E) D. O(V+E)
解析：相鄰矩陣（Adjacency matrix）以 V×V 的二維陣列記錄 V 個頂點兩兩之間是否有邊，無向圖中 matrix[i][j]=matrix[j][i]，所需空間恆為 V² 個儲存格，與邊數 E 無關，故空間複雜度為 O(V²)，選 B。選項 D 的 O(V+E) 是相鄰串列（Adjacency list）的空間複雜度；A 的 O(VE) 與 C 的 O(E) 皆不符合矩陣表示法。觀念重點：矩陣法適合稠密圖，無論邊多寡都固定佔用 V² 空間；稀疏圖應改用串列以節省空間。
假設一棵二元樹（Binary tree）總共有n 個節點，其中每個節點都恰有0 個或2 個子節點（Children），該二元樹的內部節點（Internal nodes）有幾個？ A. (n+1)/2 B. (n+1)/2–1 C. n/2–1 D. (n–1)/2
解析：此為「滿二元樹」：每個節點恰有 0 或 2 個子節點。設內部節點（有 2 子節點者）為 I，葉節點（0 子節點）為 L，總節點 n = I + L。由邊數 = n−1，且每個內部節點貢獻 2 條邊，故 2I = n−1，得 I = (n−1)/2，選 D。同時葉節點數 L = (n+1)/2，即選項 A 所給的是葉節點而非內部節點，須分辨。B、C 的式子不符此關係。關鍵公式：滿二元樹中內部節點 = (n−1)/2、葉 = (n+1)/2，且 n 必為奇數。
一個無向連通圖（Undirected connected graph）G，若具有下列何項條件則成為一棵樹？ A. 每個頂點的分支度（Degree）都是偶數 B. 不包含迴路（Cycles） C. 有一個分支度（Degree）是奇數的頂點 D. 非完全連通（Completely connected）
解析：樹的定義為「連通且無迴路（Acyclic）的無向圖」。題目已給 G 為無向連通圖，故只要再滿足「不包含迴路（Cycles）」即為一棵樹，選 B。選項 A「每個頂點分支度皆偶數」是歐拉圖（Eulerian graph）的條件，與樹無關；C「有一個奇數分支度頂點」樹中葉節點度為 1（奇數）很常見，但此條件不足以定義樹；D「非完全連通」更與樹的連通性矛盾。重點：連通 + 無環 = 樹；等價地，n 個頂點的連通無向圖若恰有 n−1 條邊亦為樹。
假設以泡沫排序法（Bubble sort），將給定的n 個整數由小排到大，則該演算法執行數字比較的時間複雜度為下列何者？（注意：一次「數字比較」會比較兩個數字，譬如：比較5 和3 何者較大。） A. O(1) B. O(n) C. O(nlogn) D. O(n2)
解析：泡沫排序（Bubble sort）對 n 個數由小排到大，第 1 回合比較 n−1 次、第 2 回合 n−2 次……直至第 n−1 回合比較 1 次，總比較次數 = (n−1)+(n−2)+…+1 = n(n−1)/2，故時間複雜度為 O(n²)，選 D。即便加入「某回合無交換即提前停止」的改良，最壞與平均情況仍是 O(n²)；最佳情況（已排序）比較次數約為 n−1 為 O(n)，但題目問一般比較次數仍以 O(n²) 表示。選項 C 的 O(n log n) 屬合併排序、堆積排序等較佳演算法，非泡沫排序。
插入排序法（Insertion Sort）利用陣列中相鄰元素的交換（Swap）動作對n 個數字排序。在不同輸入（Input）的情況下，其交換次數以複雜度（Complexity）而言最少及最多者為何？ A. 最少：Θ(n)，最多：Θ(n2) B. 最少：Θ(n2)，最多：Θ(n2) C. 最少：Θ(n)，最多：Θ(n log n) D. 最少：Θ(n log n)，最多：Θ(n log n)
解析：插入排序逐一取出元素，插入前方已排序的部分。若輸入已由小到大排列，每個元素只需與前一個比較一次即可就位，整體只需線性次數 Θ(n)；若輸入反向排列，第 i 個元素必須往前移動 i 次，總交換次數為 1+2+…+(n-1)=n(n-1)/2，屬於 Θ(n²)。因此交換次數最少為 Θ(n)、最多為 Θ(n²)。Θ(n log n) 是合併排序、堆積排序等比較式排序的級別，並非插入排序的交換次數。
下列何者為外部排序演算法（External sorting algorithm）？ A. 排序過程中涉及交換的演算法 B. 排序過程中使用主記憶體的演算法 C. 排序過程中使用磁帶或磁碟的演算法 D. 排序過程中只使用原輸入陣列的演算法
解析：外部排序是指資料量太大、無法全部載入主記憶體，必須借助磁碟或磁帶等外部儲存裝置，先分批讀入、在記憶體內排序成有序段（run），再進行合併的演算法，典型例子是外部合併排序。因此使用磁帶或磁碟者即為外部排序。使用主記憶體完成全部排序者屬內部排序；是否涉及交換、是否只使用原輸入陣列（就地排序），都只是描述動作或空間特性，不能用來區分內外排序。
執行下列C 程式時int len=0, num=0;float sum=0;while (ch=getchar()!='\n'){if (ch!=' ')len++;else{sum+=len;len=0;num++;}}printf("%.1f", sum/num);若輸入以下一段文字後再輸入換行鍵It was deja vu all over again.則輸出為？ A. 1.2 B. 2.3 C. 3.4 D. 4.5
解析：程式逐字元讀入，遇到非空白字元就把 len 加一，遇到空白則把該字長度累加到 sum、len 歸零、num 加一，最後輸出平均字長。各字長度為 It=2、was=3、deja=4、vu=2、all=3、over=4、again.=6，總和 2+3+4+2+3+4+6=24，字數 num=7，平均 24/7≈3.43，以 %.1f 印出得 3.4。此題須按 ((ch=getchar())!='\n') 的方式判讀，才能得到選項中的數值。
執行下列C++程式碼後，螢幕印出的數字為何？int main( ) {int i=0, sum=0;do{if((i%5==0) && (i%9==0))sum+=i;i=i+1;}while(i < 100);cout<< sum <<endl;return 0;} A. 135 B. 180 C. 225 D. 270
解析：do-while 迴圈讓 i 從 0 逐次遞增到 99，只有當 i 同時是 5 的倍數與 9 的倍數，也就是 45 的倍數時，才把 i 累加到 sum。0 到 99 之間符合條件者為 0、45、90，sum=0+45+90=135。i=0 雖然也符合條件，但加 0 不影響結果。因此螢幕印出 135，其餘選項的數值均非 45 的倍數之和。
執行以下C 程式碼片段，會得到下列那個效果？int head=2;int *tail;tail = &head;(*tail)++; A. 只有將變數head 的值變大 B. 只有將變數tail 的值變大 C. 把head 和tail 兩個變數的值都變大 D. 回傳head 和tail 兩個變數相加的值
解析：tail = &head 使指標 tail 儲存 head 的位址，因此 *tail 就是 head 這個變數本身。運算式 (*tail)++ 會先取值，再把該值加一，效果等同於 head++，只改變 head 的內容。tail 本身儲存的位址並沒有被修改，所以不會變大；兩者相加或同時加一都不是這段程式的作用。正確效果為只有變數 head 的值變大。
執行下列C 語言的程式後，產生的輸出為何？#include <stdio.h>#include<iostream>int main() {int x=100, c=4;if (c <5) {if (c < 3) x++;}else x--;printf("%d", x);} A. 4 B. 99 C. 100 D. 101
解析：c 初始為 4，外層判斷 c<5 成立，於是進入外層 if 的區塊。接著內層判斷 c<3，因 4 不小於 3 而不成立，x++ 不執行。程式中 else 緊接在內層 if 之後，但外層條件已成立，因此不會執行 x--。整段程式對 x 沒有任何修改，初始值 100 原樣保留，printf 印出 100。
考慮以下的資料結構定義及變數宣告：typedef struct Node {char pile[6];struct Node* left;struct Node* right;} node;node n1, n2, *n3, *n4;下列何者設定句會造成編輯錯誤？ A. strcpy(n1.pile, n2.pile); B. n1.left = (*n3).right; n1.right = n4; C. n4 = (node *)malloc(sizeof(node)); D. n2.left =&n1; n2.right = n4.left;
解析：n4 的型別是 node*，也就是指標。C 語言中「.」運算子只能用於結構或聯合型別的物件，對指標使用會出現編譯錯誤，n4.left 必須改寫成 n4->left 或 (*n4).left 才合法。其餘皆可編譯：A 以 strcpy 複製字元陣列；B 中 (*n3).right 與 n4 的型別都是 node*，指派給 left、right 沒有問題；C 把 malloc 的回傳值轉型為 node* 後指派給 n4 也正確。
處理C 語言中的char（字元）型態資料的指令，下列何者錯誤？charc; A. c='A'; B. c=2*c-1; C. putchar(c); D. printf(c);
解析：printf 的第一個參數必須是格式字串，直接寫 printf(c) 等於把變數內容當成格式字串，一旦其中含有 % 字元，就會解讀到不存在的後續參數，造成未定義行為，正確寫法應為 printf("%c", c)。A 指定字元常數、B 讓字元參與整數運算（'A' 為 65，2*65-1=129，語法合法但可能溢位）、C 以 putchar 輸出單一字元，三者都是處理 char 資料的合法指令。
執行下列的Python 程式，產生的輸出為何？def gg (x):if (x == 0):return 0else:return x + gg(x-1)print(gg(4)) A. 0 B. 4 C. 10 D. 24
解析：函式 gg 為遞迴，終止條件 gg(0)=0，遞迴式 gg(x)=x+gg(x-1)，即計算 0 到 x 的累加和。展開：gg(4)=4+gg(3)=4+3+gg(2)=4+3+2+gg(1)=4+3+2+1+gg(0)=4+3+2+1+0=10，故輸出為 10。A 是終止值 0；B 是輸入值 4；D 是 4! 的階乘 24，皆非遞迴累加結果。本題考遞迴呼叫與堆疊展開觀念，選 C。
下列C 語言指令，何者可以將短整數變數i 的16 個位元中的第4 位元翻轉（0 變1，或是1 變0），且其他位元（第1～3 位元，以及第5～16 位元）維持不變？ A. i^0x0008 B. i&0x0008 C. i|0x0008 D. i+0x0008
解析：要「翻轉」某位元（0變1、1變0）且其他位元不變，須用 XOR（^）運算配合該位元為 1 的遮罩，因某位元與 1 做 XOR 會反相、與 0 做 XOR 保持不變。第 4 位元（從 1 算起）對應遮罩 0x0008（二進位 0000 0000 0000 1000），故 i^0x0008 可翻轉該位元。B（&）會強制清 0；C（|）會強制設 1；D（+）遇進位可能影響其他位元，皆非翻轉。選 A。
執行下列C 程式後，產生的輸出為何？#include<stdio.h>void swap (int x, int y) {int z;z = x;x = y;y = z;printf(“%d-%d;”, x, y);}void main() {int a = 3, b = 4;swap(a, b);printf(“%d-%d;”, a, b);} A. 3-4;4-3; B. 3-4;3-4; C. 4-3;4-3; D. 4-3;3-4;
解析：C 語言函式參數為「傳值呼叫」（call by value），swap 收到的 x、y 只是 a、b 的副本。函式內交換 x、y 後印出「4-3;」，但主程式的 a、b 不受影響，仍為 3、4，回到 main 印出「3-4;」，整體輸出為「4-3;3-4;」。A、B、C 皆未正確反映傳值語意（若要交換成功須用指標傳址）。本題考參數傳遞機制，選 D。
在C++程式語言中，下列何者為其「作用域解析運算子」（scope resolution operator）？ A. << B. >> C. :: D. ->
解析：C++ 的「作用域解析運算子」（scope resolution operator）為雙冒號「::」，用來存取命名空間或類別中的成員，例如 std::cout、ClassName::member。A「<<」為串流插入或左移位運算子；B「>>」為串流提取或右移位運算子；D「->」為經指標存取成員運算子。三者功能皆不同於作用域解析，故選 C。
下列何者屬於直譯式程式語言（Interpreted language）？ A. C B. C++ C. BASIC D. FORTRAN
解析：「直譯式語言」由直譯器逐行翻譯執行，不需先編譯成機器碼。BASIC 傳統上即為直譯式語言，具互動性、適合教學。A（C）、B（C++）、D（FORTRAN）皆為「編譯式語言」，須經編譜器產生執行檔後才能執行。本題考程式語言執行方式之分類，依執行模型判斷選 C。
當使用Wi-Fi 上網時，其無線訊號不會與下列何項互相干擾？ A. 其他設備的Wi-Fi 訊號 B. Bluetooth C. Zigbee D. 調頻（FM）廣播
解析：Wi-Fi（2.4GHz/5GHz）、Bluetooth 與 Zigbee 皆使用 2.4GHz ISM 頻段，相互鄰近可能干擾。而調頻（FM）廣播頻段約 88–108 MHz，與 Wi-Fi 頻段相距甚遠，依頻率隔離原則不會對 Wi-Fi 造成干擾。A、B、C 皆屬同頻段設備，可能彼此干擾。本題考無線頻段與干擾來源，選 D。
當可用的真實IP 越來越少，必須使用下列那種設備來轉換虛擬IP 到真實IP？ A. Gateway B. NAT C. DNS D. NAS
解析：當真實（公眾）IP 不足時，內部網路使用虛擬（私有）IP 如 192.168.x.x，須由 NAT（Network Address Translation，網址轉譯）設備將私有 IP 與埠號對應轉換為真實 IP 對外通訊。A 閘道器負責不同網段間路由；C DNS 負責網域名稱解析；D NAS 為網路附加儲存裝置，皆不具 IP 轉譯功能。本題考網路位址轉換觀念，選 B。
當只有一個對外網際網路端點，但有五台設有公共IP 位址（Public IP）的主機，需共用此對外端點的網路埠連上網際網路，應使用下列何種裝置或機制？ A. 集線器（Hub） B. 中繼器（Repeater） C. NAT 機制 D. DHCP 機制
位址解析協定（Address Resolution Protocol, ARP）的功能是： A. 透過IP 位址取得其MAC 位址 B. 透過網域名稱取得IP 位址 C. 透過IP 位址取得網域名稱 D. 查詢封包路徑
解析：ARP（Address Resolution Protocol）用於同一網段內由 IP 位址找出對應的 MAC 位址：主機先廣播 ARP Request 詢問「某 IP 是誰」，持有該 IP 的裝置再以 ARP Reply 回覆自己的 MAC，之後封包才能被封裝成乙太網路框架送出。選項 B 是由網域名稱查 IP，屬 DNS；選項 C 是由 IP 反查網域名稱，屬反向 DNS；選項 D 查詢封包路徑是路由協定與路由表的工作。
常用之家戶連上網際網路服務之機制，下列何者錯誤？ A. ADSL B. FTTH C. Cable Modem D. Ethernet
解析：ADSL 利用電話銅線、FTTH 利用光纖到府、Cable Modem 利用有線電視同軸電纜，三者都是電信或系統業者提供給家戶的廣域接取（access）機制。Ethernet（IEEE 802.3）是區域網路的訊框格式與實體連接技術，屬於用戶端或企業內部的 LAN 標準，本身並非業者提供的上網接取服務型態，因此為本題錯誤者。
有關跨站腳本攻擊（Cross Site Scripting 或XSS），應該是發生在網路架構的那一層？ A. 應用層（Application layer） B. 傳輸層（Transport layer） C. 網路層（Network layer） D. 鏈接層（Link layer）
解析：XSS 的成因是網站未妥善過濾使用者輸入，讓惡意 Script 被寫入並夾帶在 HTTP 回應的 HTML 頁面中，再由瀏覽器於應用層解析執行，因此屬於應用層（Application layer）的攻擊。傳輸層（TCP/UDP）負責端點連線與可靠性，網路層（IP）負責定址與路由，鏈接層負責同一鏈路上的訊框傳遞與 MAC 定址，三者都不涉及網頁內容與腳本的解析執行。
資訊安全（Information Security）的基本功能，在保護資訊的三種特性（CIA），下列何者不屬於CIA 特性？ A. 身分認證（Authentication） B. 完整性（Integrity） C. 機密性（Confidentiality） D. 可用性（Availability）
解析：資訊安全三要素 CIA 為機密性（Confidentiality，確保資訊不被未授權者讀取）、完整性（Integrity，確保資訊正確且未被竄改）與可用性（Availability，確保授權者需要時能取得服務）。身分認證（Authentication）是確認使用者身分的安全服務與機制，常與授權、不可否認性並列為延伸的安全目標，但並不屬於 CIA 三要素之一，故選 A。